FAKULTÄT FÜR MATHEMATIK, CAMPUS ESSEN Prof. Dr. Patrizio Neff 20.04.2012 Lösungsvorschlag zur 1. Hausübung in Analysis II im SS 12 Hausaufgabe 1 (6+6 Punkte): Bestimmen Sie alle Punkte a 2 R, in denen die Funktion f definiert durch ⇢ x für x < 0 3 (a) f : R ! R; x 7 ! x , (b) f : R ! R; x 7 ! x4 für x 0 differenzierbar ist. Beweisen Sie ihre Behauptung direkt mit der Definition der Differenzierbarkeit aus dem Skript. Lösung: (a) Wir betrachten zunächst den Fall a 2 ( 1, 0). Für h > 0 so klein, dass a + h 2 ( 1, 0) ist |(a + h)3 | |a3 | h (a + h)3 + a3 = h 3 a 3a2 h 3ah2 h3 + a3 h !0 = = 3a2 3ah h2 ! 3a2 h und somit f differenzierbar auf ( 1, 0) mit Ableitung f 0 (x) = 3x2 .. Für a 2 (0, 1) und h > 0 so klein, dass a + h 2 (0, 1), gilt f (a + h) h f (a) = |(a + h)3 | |a3 | h 3 (a + h) a3 = h a3 + 3a2 h + 3ah2 + h3 a3 h !0 = = 3a2 + 3ah + h2 ! 3a2 , h was gleichbedeutend damit ist, dass f auch in (0, 1) differenzierbar ist mit f 0 (x) = 3x2 . Zuletzt bleibt der Fall a = 0. Wegen f (a + h) h f (a) = f (0 + h) f (0) |h3 | h2 |h| h !0 = = = h|h| ! 0 h h h ist f somit auch in null differenzierbar mit Ableitung f 0 (0) = 0. (b) Auch hier betrachten wir mehrere Fälle. Zunächst sei a 2 ( 1, 0) und h > 0 so klein, dass a + h 2 ( 1, 0). Dann ist f (a + h) f (a) a+h a h !0 = =1 ! 1 h h und daher f in ( 1, 0) differenzierter mit Ableitung f 0 (x) = 1. Für a 2 (0, 1) und h > 0 so klein, dass a + h 2 (0, 1) ist f (a + h) h f (a) (a + h)4 a4 h a4 + 4a3 h + 6a2 h2 + 4ah3 + h4 a4 = h h !0 = 4a3 + 6a2 h + 4ah2 + h3 ! 4a3 = und somit f auch in (0, 1) differenzierter mit Ableitung f 0 (x) = 4x3 . Zuletzt müssen wir f (a + h) h f (a) an der „ Klebestelle “ a = 0 untersuchen. Dazu lassen wir h von oben bzw. von unten gegen null streben und beobachten was passiert: f (0 + h) h!0 h f (0) f (0 + h) h!0 h f (0) lim h4 = lim h!0 h<0 h<0 0 h h!0 h>0 h>0 lim = lim h h!0 h>0 0 h = lim h3 = 0, = lim 1 = 1. h!0 h<0 Offensichtlich stimmen also der rechts- und linksseitige Grenzwert nicht überein, so dass der Grenzwert f (0 + h) f (0) lim h!0 h h6=0 nicht existiert und daher f in a = 0 nicht differenzierbar ist. Hausaufgabe 2 (6+8+4+8 Punkte): Bestimmen Sie die Ableitungen der folgenden Funktionen (a) f (x) = exp (c) f (x) = ✓ 1 1 x2 ◆ für |x| < 1, (b) f (x) = 1 + x2 für x 2 R \ { 1, 1}, 1 x2 ✓ (d) f (x) = e 1+x 1 x 3x ◆x2 für |x| < 1, p · log( x2 + 6) für x 2 R. Lösung: Mit den aus der Vorlesung bekannten „ Ableitungsregeln “ folgt direkt (a) (Kettenregel) ◆ ✓ ◆0 1 f (x) = exp · 1 x2 1 x2 ✓ ◆ 1 0 = exp0 · (1 x2 ) 1 2 1 x ◆ ✓ 1 · (1 x2 ) 2 · ( 2x) = exp 1 x2 ✓ ◆ 2x 1 = · exp (1 x2 )2 1 x2 0 (b) Für |x| < 1 ist f (x) = ✓ 1+x 1 x ◆x2 0 ✓ = exp log 1 ✓ 1+x 1 x ◆x2 !! ✓ 2 = exp x log ✓ 1+x 1 x ◆◆ und daher (Ketten-, Produkt- und Quotientenregel) ✓ ✓ ◆◆ ✓ ✓ ◆◆0 1+x 1+x 0 0 2 2 f (x) = exp x log · x log 1 x 1 x ✓ ✓ ◆◆ ✓ ✓ ◆ ✓ ✓ ◆◆0 ◆ 1+x 1+x 1+x 2 2 = exp x log · 2x · log + x · log 1 x 1 x 1 x ✓ ◆ x2 ✓ ✓ ◆ ✓ ◆0 ◆ 1+x 1+x 1 x 1+x = · 2x · log + x2 · · 1 x 1 x 1+x 1 x ✓ ◆ x2 ✓ ✓ ◆ ◆ 1+x 1+x x 1 · (1 x) (1 + x) · ( 1) 2 1 = · 2x · log +x · · 1 x 1 x 1+x (1 x)2 ✓ ◆x2 ✓ ✓ ◆ ◆ 1+x 1+x x = 2x · · log + 1 x 1 x 1 x2 (c) (Quotientenregel) f 0 (x) = 2x · (1 x2 ) (1 + x2 ) · ( 2x) 4x = 2 2 (1 x ) (1 x2 )2 (d) (Produkt- und Kettenregel) ⇣ ⌘0 p p · log( x2 + 6) + e 3x · log( x2 + 6) ⌘0 ⇣p p 1 · x2 + 6 = e 3x · ( 3) · log( x2 + 6) + e 3x · p x2 + 6 p 1 1 = 3e 3x · log( x2 + 6) + e 3x · p · p · 2x 2 x + 6 2 x2 + 6 ✓ ◆ p x 3x 2 =e 3 · log( x + 6) + 2 x +6 f 0 (x) = e 3x 0 Hausaufgabe 3 (6 Punkte): Zeigen Sie: 1 log 2 8 x 2 (0, 1) : Hinweis: Mittelwertsatz. ✓ 1+x 1 x Lösung: Sei x 2 (0, 1). Die Funktion 1 f : [0, x] ! R; z 7 ! log 2 ◆ ✓ > x. 1+z 1 z ◆ ist stetig und als Komposition differenzierbarer Funktionen auf (0, x) auch differenzierbar mit Ableitung ✓ ◆ ✓ ◆0 1 1+z 1+z 0 0 f (z) = log · 2 1 z 1 z 1 1 z 1 · (1 z) (1 + z) · ( 1) = · · 2 1+z (1 z)2 1 1 z 2 1 1 = · · = = . 2 1 + z (1 z)2 (1 + z)(1 z) 1 z2 Nach dem ersten Mittelwertsatz existiert nunmehr ein cx 2 (0, x) mit ✓ ◆ 1 1 1+z log 0 = f (x) f (0) = f 0 (cx ) · (x 0) = ·x 2 1 z 1 c2x Da x 2 (0, 1) und cx 2 (0, x), ist 1 1 und somit 1 log 2 ✓ 1+x 1 x ◆ = c2x >1 1 1 c2x · x > 1 · x = x. Hausaufgabe 4 (8+4 Punkte): (a) Seien X ✓ R ein offenes Intervall, f : X ! R differenzierbar und M |f 0 (x)| M 8 x 2 X, dann ist f gleichmäßig stetig. (b) Zeigen Sie: f : (0, 1/2) ! R; x 7 ! 0. Zeigen Sie: Ist 1 + x2 1 x2 ist gleichmäßig stetig. Lösung: (a) Sei " > 0 vorgegeben. Nach Voraussetzung ist f auf X differenzierbar und damit insbesondere stetig. Wählen wir nun " := >0 M folgt mit dem ersten Mittelwertsatz für alle x, y 2 X mit |x y| < : |f (x) f (y)| = |f 0 (cxy ) · (x y)| = |f 0 (cxy )| · |x y| < M · = ", wobei cxy 2 (x, y). (b) f ist als Komposition differenzierbarer Funktionen auf (0, 1/2) differenzierbar mit Ableitung f 0 (x) = 4x (1 x2 )2 (vgl. Hausaufgabe 3 (c)). Für x 2 (0, 1/2) ist |f 0 (x)| = 4x <⇣ (1 x2 )2 4· 1 1 2 1 2 2 und somit f nach Aufgabenteil (a) gleichmäßig stetig. ⌘2 = 32 >0 9 Hausaufgabe 5 (8 Punkte): Sei f : [ 1, 1] ! R stetig und auf ( 1, 1) zweimal differenzierbar. Ferner sei f 0 stetig auf [ 1, 1] und es gelte f ( 1) = f (1) sowie f 0 ( 1) = f 0 (1) = 0. Zeigen Sie: 9 x1 6= x2 2 ( 1, 1) : f 00 (x1 ) = f 00 (x2 ) = 0. Hinweis: Satz von Rolle. Lösung: Setze ↵ := f (1) = f ( 1) und definiere h : [ 1, 1] ! R; x 7 ! f (x) ↵. Dann ist h nach Voraussetzung auf [ 1, 1] stetig und in ( 1, 1) differenzierbar. Insbesondere gilt h( 1) = f ( 1) a=a a=0 bzw. h(1) = f (1) a=a a=0 und somit nach dem Satz von Rolle 9 x0 2 ( 1, 1) : 0 = h0 (x0 ) = f 0 (x0 ). Auch die Ableitungsfunktion f 0 : [ 1, 1] ! R erfüllt nach Aufgabenstellung die Voraussetzungen des Satzes von Rolle, so dass wir diesen erneut anwenden. Damit folgt die Existenz einer Stelle x1 zwischen 1 und x0 und einer Stelle x2 zwischen x0 und 1 mit f 00 (x1 ) = f 00 (x2 ) = 0 und damit die Behauptung.