Finanzmathematik I Lösungvorschläge für Übungsblatt 1 J. Widenmann Aufgabe 1: Zu zeigen ist, dass Q die Definition Ü.1.1.2 erfüllt. Zunächst bemerken wir, dass Q wegen der Annahme f ≥ 0 Werte in R+ annimmt. Außerdem gilt: R R (i) Q(∅) = ∅ f (ω)P(dω) = 1∅ (ω)f (ω)P(dω) = 0. (ii) Sei (Ai )i≥1 eine Folge paarweise disjunkter Mengen in F, dann gilt ! Z Z [ Q Ai = S f (ω)P(dω) = 1Si≥1 Ai (ω)f (ω)P(dω) i≥1 i≥1 = Ai Z X 1Ai (ω)f (ω)P(dω) i≥1 monotone = Konvergenz X Q(Ai ). i≥1 Foglich ist Q ein Maß. Aufgabe 2: Da Q P wissen wir, dass dQ dP ≥ 0 existiert. “⇒” Sei nun auch P Q. Es gilt für A ∈ F Z Z dQ dQ Q(A) = dP = dP = dP dP A >0} A∩{ dQ dP Z >0} { dQ dP dQ 1A dP = dP Z 1A dQ >0} { dQ dP Insbesondere gilt für A = Ω, dass Q( dQ > 0) = 1 und wegen der Annahme P Q dP natürlich auch P( dQ > 0) = 1. dP −1 “⇐” Ist dQ > 0 P-f.s., betrachten wir dQ . Dann gilt für A ∈ F dP dP −1 Z −1 Z Z dQ dQ dQ P(A) = dP = dP = dQ dP dP A A A dP −1 Folglich besitzt P die Dichte dQ bzgl. Q. Also gilt auch P Q. dP Aufgabe 3: i) Nach Konstruktion von F gilt: es gibt genau eine Menge A ∈ F mit P(A) = 0, nämlich die leere Menge A = ∅. Wegen Q Wahrscheinlichkeitsmaß, gilt offensichtlich Q(∅) = 0, also folgt Q P. Nach dem Satz von Radon-Nikodym existiert also in diesem Wahrscheinlichkeitsraum IMMER eine Dichte dQ , mit dQ ∈ L1 (Ω, F, P) dP dP dQ und dP ≥ 0 P-f.s. ) ii) Jede Zufallsvariable auf diesem Wahrscheinlichkeitsraum (also auch die Dichte dQ dP Pn ist von der Form X : Ω → R, X = c 1 , c ∈ R. Sei nun zunächst Ω = i=1 i Ai i Sn A . Der Satz von Radon-Nikodym ergibt i i=1 dQ ∀A ∈ F : Q(A) = EP 1A . dP Wir setzen ein: " Q(Aj ) = EP n X # ci 1Ai 1Aj = EP cj 1Aj = cj P(Aj ). i=1 Also haben wir cj = Q(Aj ) , P(Aj ) und damit n dQ X Q(Ai ) = 1Ai . dP P(A ) i i=1 Sn Sn Im Falle Ω 6= i=1 Ai definieren wir AC Ai . n+1 := i=1 Pn+1 Ist P(An+1 ) > 0, so gilt dann analog Q(An+1 ) = EP i=1 ci 1Ai 1An+1 = cn+1 P(An+1 ) Pn+1 Q(Ai ) = und damit dQ i=1 P(Ai ) 1Ai . dP n P Q(Ai ) Ist hingegen P(An+1 ) = 0, so gilt erneut dQ = 1 , denn z.B. für Ω (= dP P(Ai ) Ai i=1 n+1 S Aj ): j=1 Q(Ω) = EP n X Q(Ai ) i=1 = Q( n [ i=1 P(Ai ) 1Ai 1n+1 S Aj = j=1 n X Q(Ai ) i=1 P(Ai ) P(Ai ) Ai ) = Q(Ω) − Q(An+1 ) = 1 | {z } =0,da Q≈P Aufgabe 4: (i) Da EP [X|G] G-messbar ist, gilt {EP [X|G] ≥ 0} ∈ G sowie {EP [X|G] < 0} ∈ G und insbesondere EP EP [X|G]+ = EP [EP [X|G] , EP [X|G] ≥ 0] = EP [X, EP [X|G] ≥ 0] ≤ EP [|X|] < ∞ Analog zeigt man EP EP [X|G]− < ∞, also EP [X|G] ∈ L1 (Ω, G, P). (ii) Ist X ≥ 0, dann gilt 0 ≤ EP EP [X|G]− = −EP [EP [X|G] , EP [X|G] < 0] | {z } ≥0 = − EP [X, EP [X|G] < 0] ≤ 0, | {z } ≥0,daX≥0 also EP EP [X|G]− = 0. Folglich gilt EP [X|G]− = 0 P-f.s., d.h. EP [X|G] ≥ 0 P-f.s.. (iii) Folgt direkt aus der Definition. (iv) – EP [X] ist als Konstante {∅, Ω}-messbar. – Für A = ∅ gilt EP [EP [X] , ∅] = 0 = EP [EP [X|G] , ∅] – Für B = Ω gilt Def EP [EP [X] , Ω] = EP [X, |{z} Ω ] = EP [EP [X|G] , Ω] ∈G Es folgt die Behauptung. (v) Es gilt EP [EP [X|G]] = EP [EP [X|G] , Ω] = EP [X, Ω] = EP [X] (vi) (1) - EP [X|A] ist nach Definition A-messbar. - Sei A ∈ A, dann gilt A∈A⊂G EP [EP [X|A] , A] =EP [X, A] = EP [EP [X|G] , A] =EP [EP [EP [X|G] |A] , A] (2) - EP [X|A] ist nach Definition A-, also auch G-messbar. - Sei A ∈ G, dann gilt EP [EP [X|A] , A] = EP [EP [EP [X|A] |G] , A] Es folgt die Behauptung. (vii) Seien X, Y ∈ L1 (Ω, F, P), sowie α, β ∈ R, dann ist zu zeigen: EP [αX + βY |G] = αEP [X|G] + βEP [Y |G]. Es gilt aber – αEP [X|G]+βEP [Y |G] ist als linearkombination G-messbarer Funktionen selbst G-messbar. – Sei A ∈ G, dann gilt EP [αEP [X|G] + βEP [Y |G] , A] = αEP [EP [X|G] , A] + βEP [EP [Y |G] , A] = EP [αX, A] + EP [βY, A] = EP [αX + βY, A] (viii) Folgt direkt aus (ii) und (vii) (ix) Wir zeigen hier nur den vereinfachten Fall, in dem Z zusätzlich beschränkt ist. Die Behauptung gilt aber auch ganz allgemein. Dies dürfen Sie o.B.d.A für alle weiteren Übungsaufgaben verwenden. Für den hier gezeigten Beweis verwenden wir das Konzept der maßtheoretischen Induktion – ZEP [X|G] ist G-messbar. – Sei A ∈ G und Z = Pn k=1 αk 1Bk für αk ∈ R, Bk ∈ G, n ∈ N. Dann gilt n X EP [ZEP [X|G] , A] = k=1 αk EP [EP [X|G] , A ∩ Bk ] = | {z } n X ∈G αk EP [X, A ∩ Bk ] k=1 = EP [ZX, A] = EP [EP [ZX|G], A] Für den allgemeinen Fall verwenden wir, dass jede beschränkte G-messbare Funktion Z durch eine Folge (Zn )n∈N von Funktionen der obigen Gestalt approximiert werden kann. Dann folgt EP [ZEP [X|G] , A] dom. Konvergenz (!) = dom. Konvergenz (!) = (x) lim EP [Zn EP [X|G] , A] = lim EP [Zn X, A] n→∞ n→∞ EP [ZX, A] = EP [EP [ZX|G], A] – EP [X] ist als Konstante trivialerweise G-messbar. – Sei A ∈ G, dann gilt EP [EP [X] , A] = EP [X] EP [1A ] X unabh. von G = EP [X, A] = EP [EP [X|G] , A] (xi) Zunächst bemerken wir, dass für eine konvexe Funktion f die Abbildung z 7→ f (z)−f (y) monoton steigend ist. Insbesondere existieren für alle y ∈ R die links- und z−y (y) (y) rechtsseitigen Ableitungen fl0 (y) = limz%y f (z)−f , fr0 (y) = limz&y f (z)−f und es z−y z−y gilt für alle y1 < y < y2 ∈ R: (y) f (y1 )−f (y) ≤ fl0 (y) ≤ fr0 (y) ≤ fl0 (y) = f (yy22)−f und daher für alle x ∈ R: y1 −y −y f (x) ≥ f (y) + (x − y)fr0 (y). (*) Nun zum eigentlichen Beweis. Zunächst bemerken wir, dass f stetig, also B(R)messbar ist. Außerdem ist x 7→ fr0 (x) = limn→∞ n(f (x+ n1 −f (x)) als Limes messbar. Nun setzen wir X und Y := EP [X|G] in (*) ein und erhalten f (X) ≥ f (Y ) + (X − Y )fr0 (Y ) und daher mit (viii): EP [f (X)|G] ≥ EP [ f (Y ) |G] + EP [X|G] fr0 (Y ) − Y fr0 (Y ) = f (EP [X|G]) | {z } | {z } | {z } G−m.b. G-m.b. G−m.b. (xii) Zunächst bemerken wir, dass wegen (viii) auch EP [Xn |G] P-f.s. monoton steigend, also konvergent gegen eine ZVe Z konvergiert. – Z ist als Limes G-messbarer ZVen ebenfalls G-messbar. – Wegen 0 ≤ EP [Xn |G] ≤ EP [X|G] ist Z ∈ L1 (Ω, F, P). Sei nun A ∈ G, dann gilt EP [Z, A] = lim EP [EP [Xn |G], A] = lim EP [Xn , A] = EP [X, A] n→∞ n→∞ (xiii) Zunächst bemerken wir, dass X ∈ L1 (Ω, F, P), da auch |X| ≤ Z P-f.s. Wir setzen Un := inf m≥n Xm und Vn = supm≥n Xm , dann gilt −Z ≤ Un ≤ Xn ≤ Vn ≤ Z und außerdem Un % X sowie Vn & X P-f.s.. Mit (xii) gilt dann EP [Un |G] → EP [X|G] sowie EP [Vn |G] → EP [X|G] Aus (viii) folgt insbesondere EP [Un |G] ≤ EP [Xn |G] ≤ EP [Vn |G] und somit mit dem gezeigten die Behauptung. Aufgabe 5: Sei A ∈ G. Wegen Q P auf F gilt offensichtlich auch Q P auf G ⊂ F. Dann gilt dQ P dQ =E G , dP G dP denn: P Q(A) = E dQ P P dQ 1A = E E G 1A . dP dP Wegen Z dQ P dQ Q E = E G = 0 G dP = 0 dP dP |G ]=0} {EP [ dQ dP | G > 0 = 1. folgt Q EP dQ dP Sei X ≥ 0, A ∈ G. Dann gilt dQ dQ Q P P P E [X · 1A ] = E X · · 1A = E E X · G · 1A dP dP # " E P dQ | G dQ dP · 1{E P [ dQ |G ]>0} · 1A = EP EP X · G · P dQ dP dP E dP | G dQ + EP EP X · G · 1{E P [ dQ |G ]=0} · 1A dP dP # " dQ E P X · dP | G (∗) · 1A + 0. = EQ E P dQ |G dP P Damit ist die Behauptung gezeigt für X ≥ 0. Für X ∈ L1 (Ω, F, Q) zerlege X = X + − X − in Positiv- und Negativteil und benutze die Linearität der bedingten Erwartung. Zu (∗): Wegen P dQ P P dQ E · 1{E P [ dQ |G ]=0} = E E · 1{E P [ dQ |G ]=0} G dP dP dP dP P P dQ =E E G · 1{E P [ dQ |G ]=0} = 0 dP dP und dQ dP ≥ 0 P-f.s. folgt dQ · 1 P dQ = 0 P-f.s. dP {E [ dP |G ]=0} Also haben wir E P E P dQ X· G · 1{E P [ dQ |G ]=0} · 1A dP dP dQ P P · 1{E P [ dQ |G ]=0} G ·1A = E E X · = 0. } | dP {z dP =0 P-f.s. | {z } =0 P-f.s. Aufgabe 6: (i) ⇔ (ii) ist klar, da wir die einzelnen Ungleichungen der beiden Definitionen nur mit den 1 (deterministischen) Konstanten (1 + r) bzw. 1+r multiplizieren müssen. (i) ⇒ (iii) Sei η eine Arbitragemöglichkeit, dann gilt insbesondere 0 ≥ η̄ · π̄ = η 0 +η ·π. Folglich gilt η · S − (1 + r)η · π ≥ η · S + (1 + r)η 0 = η̄ · S̄. Da nach Voraussetzung η̄ · S̄ P-f.s. nicht-negativ und außerdem strikt positiv mit positiver Wahrscheinlichkeit ist, muss dies auch für η · S − (1 + r)η · π gelten. (Es gilt also ξ = η.) (iii) ⇒ (i) Sei ξ gegeben wie in (iii), dann betrachten wir das Portfolio η̄ = (η 0 , ξ), mit η 0 := −ξ · π. Dann gilt offensichtlich η̄ · π̄ = 0 und außerdem η̄ · S̄ = −(1 + r)ξ · π + ξ · S, was nach Voraussetzung P-f.s. nicht negativ und positiv mit positiver Wahrscheinlichkeit ist. η̄ ist also eine Arbitragestrategie.